$3(x^{2}+y^{2}+z^{2}+t^{2})+4\sqrt{xyzt} \geq (x+y+z+t)^{2}$
Mod. Chú ý, công thức toán phải kẹp dấu đô la. Chẳng hạn $a^2$ thì ta gõ
$a^2$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Jinbe: 11-08-2013 - 06:04
$3(x^{2}+y^{2}+z^{2}+t^{2})+4\sqrt{xyzt} \geq (x+y+z+t)^{2}$
Mod. Chú ý, công thức toán phải kẹp dấu đô la. Chẳng hạn $a^2$ thì ta gõ
$a^2$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Jinbe: 11-08-2013 - 06:04
$3(x^{2}+y^{2}+z^{2}+t^{2})+4\sqrt{xyzt} \geq (x+y+z+t)^{2}$
Mod. Chú ý, công thức toán phải kẹp dấu đô la. Chẳng hạn $a^2$ thì ta gõ
$a^2$
Biến đổi tương đương ta được :
$gt\Leftrightarrow 2(x^{2}+y^{2}+z^{2}+t^{2})+4\sqrt{xyzt}-2xy-2xz-2xt-2yz-2yt-2zt\geq 0\Leftrightarrow 2(x^{2}+y^{2}+z^{2}+t^{2}-xy-yz-zt-xt)-2(xz-2\sqrt{xyzt}+yt)\geq 0\Leftrightarrow (x-y)^{2}+(y-z)^{2}+(z-t)^{2}+(t-x)^{2}-2(\sqrt{xz}-\sqrt{yt})^{2}\geq 0$
Tới đây thì sao nữa nhỉ !?
$\mathfrak Lê $ $\mathfrak Tấn $ $\mathfrak Khang $ $\mathfrak tự$ $\mathfrak hào $ $\mathfrak là $ $\mathfrak thành $ $\mathfrak viên $ $\mathfrak VMF $
$\textbf{Khi đọc một quyển sách; tôi chỉ ráng tìm cái hay của nó chứ không phải cái dở của nó.}$
$3(x^{2}+y^{2}+z^{2}+t^{2})+4\sqrt{xyzt} \geq (x+y+z+t)^{2}$
Mình giải như sau:
Đổi $(x;y;z;t) \rightarrow (x^2;y^2;z^2;t^2)$
Biến đổi tương đương thì ta cần phải chứng minh:
$$x^4+y^4+z^4+t^4+2xyzt\geq \sum_{sym}x^2y^2$$
Không mất tính tổng quát,giả sử $x\geq y \geq z \geq t$
Đặt $f(x;y;z;t)=x^4+y^4+z^4+t^4+2xyzt - \sum_{sym}x^2y^2$
Ta có: $f(x;y;z;t)-f(\sqrt{xy};\sqrt{xy};z;t)=(x-y)^2[(x+y)^2-z^2-t^2] \geq 0$ do $x\geq y \geq z \geq t$
Sau khi rút gọn thì ta cần chứng minh rằng:
$$x^4+y^4+z^4 +2x^2yz \geq 2x^2y^2+2x^2z^2+y^2z^2$$
với $x \geq y \geq z$
Đặt $g(x;y;z)=x^4+y^4+z^4 +2x^2yz - (2x^2y^2+2x^2z^2+y^2z^2)$
Ta có:
$g(x;y;z)-g(x;y;0) =(y-z)(2x^2z-z^3-z^2y) \geq 0$
Từ đây thay vào,ta cần chứng minh rằng:
$$x^4+y^4 \geq 2x^2y^2$$
BĐT này luôn đúng. Vậy ta có đpcm.
Chú ý đẳng thức xảy ra khi và chỉ khi $x=y=z=t$ hoặc $x=y=z;t=0$ và các hoán vị.
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Love Is Math: 11-08-2013 - 20:01
$$\boldsymbol{LOVE} \ \boldsymbol{MAKE} \ \boldsymbol{ME} \ \boldsymbol{STRONGER}$$
Toán Trung học Cơ sở →
Đại số →
Chứng minh chính phươngBắt đầu bởi 1230987654321, 23-11-2018 cm |
|
|||
Toán Trung học Cơ sở →
Đại số →
Chứng minh chính phươngBắt đầu bởi 1230987654321, 21-11-2018 cm |
|
|||
Toán Trung học Phổ thông và Thi Đại học →
Bất đẳng thức và cực trị →
$\frac{1}{1+a(b+c)}+\frac{1}{1+b(a+c)}+\frac{1}{1+c(b+a)}\leq \frac{1}{abc}$Bắt đầu bởi zack, 22-04-2014 cm |
|
|||
|
Toán Trung học Cơ sở →
Bất đẳng thức và cực trị →
cmr: \[ \frac{a}{\sqrt{b^{2}+3c^{2}}}+\frac{b}{\sqrt{c^{2}+3a^{2}}}+\frac{c}{\sqrt{a^{2}+3b^{2}}}\ge\frac{3}{2} \]Bắt đầu bởi zack, 12-08-2013 cm |
|
||
Toán Trung học Phổ thông và Thi Đại học →
Bất đẳng thức và cực trị →
$3(x^{2}+y^{2}+z^{2}+t^{2})+4\sqrt{xyzt} \geqslant (x+y+z+t)^{2}$Bắt đầu bởi zack, 11-08-2013 cm |
|
0 thành viên, 1 khách, 0 thành viên ẩn danh