Lời giải:
a) Chưa giải được.
b)
\[
\begin{array}{l}
\cos CBD = \frac{{BC}}{{BD}} = \frac{1}{2} \Rightarrow \angle CBD = 60^o \Rightarrow \angle CDB = 30^o \\
CD = BC\tan 60^o = a\sqrt 3 \\
CE = BE = DE = \frac{1}{2}BD = a \\
\end{array}
\]
$(a) \parallel CE \Rightarrow MN=(a) \cap (BCD) \parallel CE$.
Tương tự $PQ \parallel CE \Rightarrow MN \parallel MN$. Tương tự $NP \parallel MQ$. Suy ra $MNPQ$ là hình bình hành.
\[
\begin{array}{l}
\frac{{MN}}{{CE}} = \frac{{BM}}{{BC}} \Rightarrow MN = x \\
\frac{{MQ}}{{BA}} = \frac{{CM}}{{CB}} \Rightarrow MQ = 2\left( {a - x} \right) \\
MN\parallel CE;MQ\parallel AB \Rightarrow \sin NMQ = \sin \angle \left( {CE;AB} \right):const \\
S_{MNPQ} = 2S_{MNQ} = 2.\frac{1}{2}.MN.MQ.\sin NMQ = x.2\left( {a - x} \right)\sin \angle \left( {CE;AB} \right) \\
\end{array}
\]
Từ đó, ta có:\[
S_{MNPQ} \le \left( {x + a - x} \right)^2 \sin \angle \left( {CE;AB} \right) = a^2 \sin \angle \left( {CE;AB} \right)
\]
Đẳng thức xảy ra $\Leftrightarrow x=a-x \Leftrightarrow x=\dfrac{a}{2} \Leftrightarrow M$ là trung điểm $BC$.
c) \[
\begin{array}{l}
MP^2 + NQ^2 = 4MO^2 + NQ^2 = 2\left( {MN^2 + MQ^2 } \right) - NQ^2 + NQ^2 = 2\left( {MN^2 + MQ^2 } \right) \\
\Rightarrow MP^2 + NQ^2 = 2\left( {x^2 + 4\left( {a - x} \right)^2 } \right) = 10x^2 - 16ax + 8a^2 = 10\left( {x - \frac{4}{5}a} \right)^2 + \frac{8}{5}a^2 \ge \frac{8}{5}a^2 \\
\end{array}
\]
Đẳng thức xảy ra $\Leftrightarrow x=\dfrac{4}{5}a$.
d) Gọi $X,Y,Z$ thứ tự là trung điểm $AB,CE,CD$.
\[
\begin{array}{l}
\frac{{MB}}{{CB}} = \frac{{NB}}{{EB}} = \frac{{PA}}{{EA}} = \frac{x}{a} \Rightarrow \overrightarrow {OX} = \frac{1}{2}\left( {\overrightarrow {OB} + \overrightarrow {OA} } \right) = \frac{1}{2}\left( {\overrightarrow {OM} + \overrightarrow {MB} + \overrightarrow {OP} + \overrightarrow {PA} } \right) \\
= \frac{1}{2}\left( {\frac{x}{a}\overrightarrow {CB} + \frac{x}{a}\overrightarrow {EA} } \right) = \frac{x}{a}.\frac{1}{2}\left( {\overrightarrow {CB} + \overrightarrow {EA} } \right) = \frac{x}{a}\overrightarrow {YX}\\
\end{array}
\]
Từ đó, suy ra $O$ chạy trên $YX$ và đồng thời: $\dfrac{OX}{YX}=\dfrac{x}{a}$ (*). Đặt $YX=t>0$ cố định.
\[
\begin{array}{l}
OA^2 + OB^2 + OC^2 + OD^2 = 2OX^2 + \frac{{AB^2 }}{2} + 2OZ^2 + \frac{{CD^2 }}{2} = 2\left( {OX^2 + OZ^2 } \right) + \frac{7}{2}a^2 \\
OZ^2 = OY^2 + YZ^2 - 2OY.YZ\cos OYZ = OY^2 - a\cos XYZ.OY + \frac{{a^2 }}{4} \\
\Rightarrow OX^2 + OZ^2 = OX^2 + OY^2 - a\cos XYZ.OY + \frac{{a^2 }}{4} \\
= \frac{{x^2 }}{{a^2 }}YX^2 + \frac{{\left( {a - x} \right)^2 }}{{a^2 }}YX^2 - a\cos XYZ.\frac{{a - x}}{a}YZ + \frac{{a^2 }}{4} \\
= \frac{{2t^2 }}{{a^2 }}x^2 + \left( {\cos XYZ - \frac{{2t^2 }}{a}} \right)x + t^2 + \frac{{a^2 }}{4} - a\cos XYZ \\
\end{array}
\]
Tới đây xét hàm theo $x$ trong $(0;a)$. Nhưng nó vẫn quá phức tạp. Chưa có cách nào hay hơn.