nếu dùng tích phân suy rộng thì cũng dc nhung mà x = 1,2,3,......,n.
phải thay từng giá trị. có thể là nó khử nhau nhưng cũng phải xét!

http://en.wikipedia....for_convergence

Đọc cái này đi nhé

PTHa dịch đề sai rồi!
can(lnx) chu khong phải ln(n)

$ \sum\limits_{x=2}^{n} \dfrac{1}{x\sqrt{lnx}}$

Vẫn làm như trên, tính tích phân :
$ \int\limits_{2}^{+\infty}\dfrac{1}{x\sqrt{lnx}} = [2\sqrt{lnx}]\limits_{2}^{+\infty} -> + \infty$
Vậy dãy ko hội tụ.

Bài này đơn giản thôi.
Dặt $x=tan t \Rightarrow y=\dfrac{1}{tan^2 t +1} = cos^2 t$
$y'=2cost.(-sint)=-sin(2t)$
$y''=(-sin(2t))'=-2cos(2t)$
$y'''=2^2sin(2t)$
$y^{(4)}=2^3cos(2t)$
$y^{(5)}=-2^4sin(2t)$
$y^{(6)}=-2^5cos(2t)$
Vậy ta có thể kết luận :
$y^{(n)}=(-1)^k.2^{n-1}sin(2t)$ với n lẻ
$y^{(n)}=(-1)^k.2^{n-1}cos(2t)$ với n chẵn
trong đó k=1 nếu $(n \ mod\ 4) \in \{1;2\} $, k=0 nếu $(n \ mod\ 4) \in \{3;4\}$
Còn nếu muốm biể diễn theo x thì thay $t=arctan(x)$ trong phần kết luận

Uhm, đúng là sơ ý thật.

$f(x) = f[g(t)] \Rightarrow f'(x)=f'[g(t)].g'(t)$ trong đó x=g(t)
Phải dùng công thức này , sau đó thay $t=g^{-1}(x)$ vào VP tìm được f'(x)

Ý cậu là sao ?

$A^n$=

cos(na) -sin(na)
sin(na) cos(na)

CM bằng quy nạp

Bạn vẽ biểu đồ Ven ra.
Theo như trên biểu đồ,
8+7+5 sẽ là tổng của : tổng số người chỉ phát biểu 1 vấn đề + 2 lần tổng số người phát biểu 2 vấn đề + 3 lần số người phát biểu 3 vấn đề.
Vậy thì :
8+7+5+1-12=9 sẽ là tổng của : số người phát biểu 2 vấn đề + 2 lần tổng số người phát biểu 3 vấn đề.
Tổng số người phát biểu 3 vấn đề là lớn nhất khi số người phát biểu 2 vấn đề là nhỏ nhất.
Vì các đại lượng trên đều là số tự nhiên, nên có thể thấy số người phát biểu 3 vấn đề lớn nhất có thể là 4, và số người phát biểu 2 vấn đề là 1.

Bài 1.2 :
đk: x 1
bất pt đã cho trở thành :
$(x^3+3x^2-1)(\sqrt{x} + \sqrt{x-1})^3 \leq m $
VT là hàm tăng khi x 1
Vậy VT 3, đẳng thức xảy ra khi x=1
Vậy m 3 thì bpt có nghiệm

Bài 1 :
Đặt k=5x-6
pt trở thành :
đk:x>1,k>1
$k^2-\dfrac{1}{\sqrt{k-1}}=x^2-\dfrac{1}{\sqrt{x-1}}$
$ \Leftrightarrow k^2-x^2=\dfrac{1}{\sqrt{k-1}}-\dfrac{1}{\sqrt{x-1}}$
Tới đây , giả sử k>x suy ra VT>0, VP<0. Tương tự cho k<x
Vậy k=x vậy x= 3/2

Viết $ e = \sum\limits_{i=1}^{n} \dfrac{1}{i!} + o(n!) $ để có lim... = 0
.............................................
Mà cái đánh đố này nên để bên box olimpic hay toán đại cương nhá, mấy đứa sắp thi đại học vào nhìn thấy đi rút hồ sơ về đấy.

Em không hiểu lăm .
$e^x = 1+x+\dfrac{x^2}{2!} + ... + \dfrac{x^n}{n!} + x^n \varepsilon (x) , \varepsilon \displaystyle\longrightarrow_{x \to 0} 0$
Như vậy , khi thế 1 vào , thì cái $\varepsilon(1)$ làm sao xử lý ?

ai giup em bai 2 voi!

Là $-10^5$ hay $10^5$ em ??
Nếu là $-10^5$ thì anh làm được, còn ko thì chịu

Là $-10^5$ hay $10^5$ em ??
Nếu là $-10^5$ thì anh làm được, còn ko thì chịu

Thôi để anh nói luôn tại sao anh lại cho là như thế, là vì tích của 5 cái P sẽ bằng :
$(b+10a)^2 - 10^5$
Dùng Viet để cm.

anh lam ro ho em duoc ko?

ok, là thế này :
$ \prod\limits_{i=1}^{5} (x^2_i -10) = \prod\limits_{i=1}^{5} (x_i + \sqrt{10}) \prod\limits_{i=1}^{5} (x_i - \sqrt{10})$

$x_1 , x_2 , x_3 , x_4 , x_5$ là nghiệm của pt $x^5 + ax^2 +b =0$
Như vậy ta có hệ sau (theo Viete) :
$\left\{\begin{array}{l} \sum x_i = 0 \\ \sum x_i x_j=0 \ (i \neq j) \\ \sum x_i x_j x_k = -a\\ \sum x_i x_j x_k x_m =0\\ x_1 x_2 x_3 x_4 x_5 = -b\end{array}\right. $
(các thông số trên cùng 1 hàng khác nhau đôi một, và không có bộ thông số nào là hoán vị của 1 trong các bộ còn lại, có nghĩa là nếu viết ra đầy đủ, thì không có cái tích nào được nhân 2, tốt nhất là xem qua bài này để hiểu rõ Viete : http://en.wikipedia....iète's_formulas )
Xét :
$\prod\limits_{i=1}^{5} (x_i - \sqrt{10}) = x_1 x_2 x_3 x_4 x_5 -\sqrt{10}\sum x_i x_j x_k x_m + 10\sum x_i x_j x_k -10\sqrt{10}\sum x_i x_j +100\sum x_i -100\sqrt{10}$
$= -b -10a -100\sqrt{10}$
Tương tự, ta có :
$\prod\limits_{i=1}^{5} (x_i + \sqrt{10}) = -b - 10a + 100\sqrt{10}$
Suy ra :
$\prod\limits_{i=1}^{5} (x^2_i -10) =(-b-10a-100\sqrt{10})(-b - 10a + 100\sqrt{10}) = (b+10a)^2 - 10^5$

Cho a+b+c=0, CM ab+bc+ca<=0
$ab+bc+ca \leq 0$
$ \Leftrightarrow 2(ab+bc+ca) \leq 0 = (a+b+c)^2$
$ \Leftrightarrow 0 \leq a^2+b^2+c^2$ (đúng)
Suy ra đpcm

Câu cuối :
Đẳng thức đã cho biến đổi tương đương thành :
$(x-2y)^2-5(x-2y)+4=-(z-1)^2 \leq 0$
Đặt $x-2y =t$
$t^2 - 5t + 4 \leq 0$
$(t-1)(t-4) \leq 0$
$1 \leq t \leq 4$
DPCM

t)
x<0 hiển nhiên B>0
x>1 thì :
$B=(x^8 - x^7)+(x^4-x)+1 \geq 1 >0$
$0 \leq x \leq 1$ thì :
$B=x^8+(x^4-x^7)+(1-x) \geq 0$

z) Cauchy 6 số
x) $A>0$
$ \Leftrightarrow 2A>0$
$ \Leftrightarrow (x^4+2x^3+x^2)+(x^2+2x+1)+(x^4+1)>0$
$ \Leftrightarrow (x^2+x)^2+(x+1)^2+x^4+1>0$ hiển nhiên đúng

sao lai the nay:VP = $x^2+x^2+\dfrac{10}{|x|}+3\sqrt[3]{x^3-9} \geq 3(\sqrt[3]{10}.|x| + \sqrt[3]{x^3-9})$
em tuong VP la $2x^2 - \dfrac{10}{x} + 3 \sqrt[3]{x^3-9}$
anh giai thick ho em voi!

x âm mà em , x âm thì -x=|x|

Trường hợp x<0 :

Ta CM : $2x^2 - \dfrac{10}{x} + 3 \sqrt[3]{x^3-9} >0$
Với $x< -1 \Rightarrow |x|>1$
VP = $x^2+x^2+\dfrac{10}{|x|}+3\sqrt[3]{x^3-9} \geq 3(\sqrt[3]{10}.|x| + \sqrt[3]{x^3-9})$
Ta CM :
$\sqrt[3]{10}.|x|+\sqrt[3]{x^3-9} >0 \Leftrightarrow 10.|x|^3 > -(x^3-9)=|x|^3+9$
$ \Leftrightarrow |x|^3>1$ (đúng)

với $0>x \geq -1$ $|x| \leq 1$
$2x^2 - \dfrac{10}{x} + 3 \sqrt[3]{x^3-9} = 2x^2 + \dfrac{10}{|x|} + 3\sqrt[3]{x^3-9}$
$\dfrac{10}{|x|} \geq 10$
$3 \sqrt[3]{x^3-9} $ $3\sqrt[3]{(-1)^3-9}=-3\sqrt[3]{10}$
$10 - 3\sqrt[3]{10} > 0$
Suy ra điều cần CM.

Tạm thời thì chưa, anh có thể phân tích cái phương trình đó thành nhân tử

$(x-2)[ \dfrac{2x^2+4x+5}{x} + 3. \dfrac{x^3-8}{ \sqrt[3]{x^3-9}^2 - \sqrt[3]{x^3-9} +1}]=0$

Nhưng để CM cái cụm nhân tử phía sau lớn hơn 0, thì anh chưa dám làm, nhìn thấy ớn quá !!!

Cho dãy số như sau:
$\(S)_{n}$ = $\ a^{1} $+ $ \ b^{2} $+ $\ a^{3}$ + $\ b^{4} $+..........$\ (U)_{n}$
Chú thích:
$\(U)_{1}$ (số hạng thứ nhất): là a
$\(U)_{2}$ (số hạng thứ hai ):là $ \ b^{2} $
.........
$\(U)_{n}$ (số hạng thứ n ( với n thuộc vào N khác 0 ))
Câu hỏi:
-Tìm+ công thức tổng quát của $\ (U)_{n}$
+ công thức tổng quát của $\(S)_{n}$

(Bài này ai làm phải vắt hết chất xám đấy nhá!!!!!!!!!)

ỦA SAO KHÔNG CÓ AI DÁM LÀM BÀI NÀY VẬY TA!!!!!!!!!
NẾU SAU 3 NGÀY KHÔNG AI GIẢI ...TUI XIN TRỔ TÀI!!!

Bài có gì đâu , sao chú lớn tiếng thế !
$U_n = (\dfrac {n}{2}) a^n + (\dfrac{n+1}{2}) b^n$ ký hiệu $(\dfrac{a}{b})$ là phần dư của phép chia !
Còn tính S thì dùng công thức tổng của cấp số nhân thôi .
Tiện ghé chân qua làm chơi thôi , tại thấy anh em bận quá , không ai rảnh làm cả nên tui ra tay vậy !

$(\dfrac{2n}{2}) = 0 , (\dfrac{2n+1}{2})=1$
Xem thử đi , đúng hay sai ??

Bài có gì đâu , sao chú lớn tiếng thế !
$U_n = (\dfrac {n}{2}) a^n + (\dfrac{n+1}{2}) b^n$ ký hiệu $(\dfrac{a}{b})$ là phần dư của phép chia !
Còn tính S thì dùng công thức tổng của cấp số nhân thôi .
Tiện ghé chân qua làm chơi thôi , tại thấy anh em bận quá , không ai rảnh làm cả nên tui ra tay vậy !

Xem nhé .
Với n=1 , $U_1 = (\dfrac{1}{2})a + (\dfrac{2}{2})b =a $ vì $(\dfrac{1}{2})=1 , (\dfrac{2}{2}) =0$
Với n=2 ,$U_2 =(\dfrac{2}{2})a^2+(\dfrac{3}{2})b^2=b^2$ vì $(\dfrac{2}{2})=0 , (\dfrac{3}{2})=1$
Với n=3,$U_3=(\dfrac{3}{2})a^3+(\dfrac{4}{2})b^3=a^3$ vì $(\dfrac{3}{2})=1 , (\dfrac{4}{2})=0$
Bạn còn thấy không đúng với số nào nữa , nói ra luôn đi , mình tính cho !
Thực ra , với những người đã từng học sơ qua số học căn bản đều hiểu mình muốn nói đến cái gì mà . Hệ thặng dư modulo(2) chỉ có 2 giá trị là 0 và 1 , vậy thì cần gì giải thích !

Chăc bạn không biết nhiều về số học đâu hả ??
Mình đã chú thích rất rõ là , $(\dfrac{a}{b}) $ là phần dư của phép chia a cho b mà

$(\dfrac{2n}{2}) = 0 , (\dfrac{2n+1}{2}=1$
Xem thử đi , đúng hay sai ??