Nghiệm nguyên dương:
$a)2(x+y+z)=x(yz-1)$
$b)x^{2}+y^{2}+z^{2}+xyz=20$
Nghiệm nguyên dương:
$a)2(x+y+z)=x(yz-1)$
$b)x^{2}+y^{2}+z^{2}+xyz=20$
1- Tính toán http://www.wolframalpha.com
2- Ghé thăm tôi tại https://www.facebook...ang.truong.1999
3- Blog của tôi: http://truongviethoang99.blogspot.com/
4- Nội quy của Diễn đàn Toán học - Cách đặt tiêu đề cho bài viết. - Cách gõ $\LaTeX$ trên diễn đàn - [Topic]Hỏi đáp về việc Vẽ Hình!
tìm số dư của $2^{1000000}:3^{10}$
tàn lụi
Nghiệm nguyên dương:
$a)2(x+y+z)=x(yz-1)$$b)x^{2}+y^{2}+z^{2}+xyz=20$
b. Vì $x,y,z>0$ $\Rightarrow x^2,y^2,z^2,xyz<20$. Giả sử $x\geq y\geq z>0$
Nếu $x=4\Rightarrow y^2+z^2+4yz=4$ (L)
Nếu $x=3\Rightarrow y^2+z^2+3yz=11$
Nếu $y=3\Rightarrow z^2+9z=2(L)$
Nếu $y=2\Rightarrow z^2+6z=7\Rightarrow z=1$
Nếu $y=1\Rightarrow z=1(L)$
Nếu $x=2\Rightarrow y^2+z^2+2yz=16\Rightarrow (y+z)^2=16\Rightarrow y+z=4\Rightarrow y=z=4$
Nếu $x=1\Rightarrow y=z=1(L)$
Tìm số nguyên n để n4+n3+n2+n+1 là số chính phương
Tìm số nguyên n để n4+n3+n2+n+1 là số chính phương
Ta có : $A=n^4+n^3+n^2+n+1$
$\Rightarrow 4A=4n^4+4n^3+4n^2+4n+4$
vì $ 4n^4+4n^3+4n^2+4n+4> 4n^4+n^2+2n^3=(2n^2+n)^2$ và $4n^4+4n^3+4n^2+4n+4< 4n^4+5n^2+4n^3+4n+4=(2n^2+n+2)^2$
$\Rightarrow 4n^4+4n^3+4n^2+4n+4=(2n^2+n+1)^2\Rightarrow n=3$
Bài 203. GPT nghiệm nguyên: $x^3+5x+2=y^2$
Mod. Đề nghị từ bây giờ bài toán phải ghi số thứ tự.
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Jinbe: 18-11-2013 - 12:00
Ta có : $A=n^4+n^3+n^2+n+1$
$\Rightarrow 4A=4n^4+4n^3+4n^2+4n+4$
vì $ 4n^4+4n^3+4n^2+4n+4> 4n^4+n^2+2n^3=(2n^2+n)^2$ và $4n^4+4n^3+4n^2+4n+4< 4n^4+5n^2+4n^3+4n+4=(2n^2+n+2)^2$
$\Rightarrow 4n^4+4n^3+4n^2+4n+4=(2n^2+n+1)^2\Rightarrow n=3$
n=0 hoặc n=-1 cũng chính phương
Bài 204. Tìm các số tự nhiên $x,y\left ( 0< x< 9;1< y< 10 \right )$ thỏa mãn : $\overline{xxyy}=\overline{(x+1)(x+1)}.\overline{(y-1)(y-1)}$
Bài 204. Tìm các số tự nhiên $x,y\left ( 0< x< 9;1< y< 10 \right )$ thỏa mãn : $\overline{xxyy}=\overline{(x+1)(x+1)}.\overline{(y-1)(y-1)}$
Phương trình đã cho tương đương
$11.\overline{x0y}=11(x+1).11(y-1)$
$\Leftrightarrow 100x+y=11(x+1)(y-1)$
$\Leftrightarrow x=\frac{10y-11}{111-11y}$
Thử y từ $2$ đến $9$ chỉ nhận đượng $y=8$ để $x$ nguyên khi đó $x=3$
Bài 205: Cho a,b là các số nguyên dương phân biệt thỏa mãn $a^{2}+b^{2}+3 \vdots ab.Chứng minh \frac{a^{2}+b^{2}+3}{ab}=4$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Cao thu: 18-11-2013 - 22:25
Bài 206. Cho $x,y$ là các số hữu tỷ. sao cho $x+y,\frac{1}{x}+\frac{1}{y}$ là các số tự nhiên. Tìm $x,y$
Bài 203. GPT nghiệm nguyên: $x^3+5x+2=y^2 \qquad (1)$
Mod. Đề nghị từ bây giờ bài toán phải ghi số thứ tự.
Lời giải. Đặt $y=x^3+k$ với $k \in \mathbb{Z}$. Khi đó $$\begin{aligned} (1) & \Leftrightarrow x^6+2x^3k+k^2=x^3+5x+2 \\ & \Leftrightarrow (2x^3+2k-1)^2=20x+3-4k \end{aligned}$$
Nhận thấy $20x+3-4k \equiv 3 \pmod{4}$ nên không thể là số chính phương.
Do đó phương trình $(1)$ không có nghiệm nguyên.
Discovery is a child’s privilege. I mean the small child, the child who is not afraid to be wrong, to look silly, to not be serious, and to act differently from everyone else. He is also not afraid that the things he is interested in are in bad taste or turn out to be different from his expectations, from what they should be, or rather he is not afraid of what they actually are. He ignores the silent and flawless consensus that is part of the air we breathe – the consensus of all the people who are, or are reputed to be, reasonable.
Grothendieck, Récoltes et Semailles (“Crops and Seeds”).
Bài 206. Cho $x,y$ là các số hữu tỷ. sao cho $x+y,\frac{1}{x}+\frac{1}{y}$ là các số tự nhiên. Tìm $x,y$
Đặt $x=\frac{a}{b},y=\frac{c}{d};((a,b)=1;(c,d)=1;a,b,c,d\in\mathbb{Z})$ thì$x+y=\frac{ad+bc}{bd}\Rightarrow b\vdots d,d\vdots b\Rightarrow b=d$. Tương tự từ 1/x +1/y là số tự nhiên ta suy ra a = c. Thay vào ta được $2\frac{a}{b},2\frac{b}{a}\in\mathbb{N}\Rightarrow x=1,y=1$. Thử lại thấy thỏa mãn....Giải như vậy chắc là đúng rồi nhỉ...
Mình nhầm một tí, còn cặp (2;2) và (1/2;1/2) nữa!!!!
Bài 206. Cho $x,y$ là các số hữu tỷ. sao cho $x+y,\frac{1}{x}+\frac{1}{y}$ là các số tự nhiên. Tìm $x,y$
Đặt $\left\{\begin{matrix} x+y=A\\ \dfrac{1}{x}+\dfrac{1}{y}=B \end{matrix}\right.(A,B\in \mathbb{N})\Rightarrow \left\{\begin{matrix} x+y=A & & \\ xy=\dfrac{A}{B}& & \end{matrix}\right.$
Vậy thì $x,y$ là nghiệm của $Bt^{2}-ABt+A=0$, phương trình này phải có 2 nghiệm hữu tỉ, nên biệt thức delta phải là một số chính phương. $\Delta =A^{2}B^{2}-4AB$. Rõ ràng $(AB-3)^2 <\Delta <(AB-2)^2$ với $AB>\frac{9}{2}$ nên trường hợp này không tồn tại $x,y$ thỏa đề. Do đó $AB\in \left \{ 0,1,2,3,4 \right \}$.
Đừng rời xa tôi vì tôi lỡ yêu người mất rồi !
Welcome to My Facebook !
Bài 208: Giải hệ phương trình nghiệm hữu tỉ
$$\left\{\begin{matrix} x^2+y^2+z^2=2\\ x+y+z-xyz=2 \end{matrix}\right.$$
(Off lâu quá nên giờ thua mấy bác hết, thua toàn tập luôn )
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi phatthemkem: 26-11-2013 - 20:28
“Hầu hết mọi người đều chấp nhận thua cuộc ngay khi họ sắp thành công. Họ dừng lại
ngay trước vạch đích, cách chiến thắng chỉ một bàn chân” -H. Ross Perot
“Tránh xa những kẻ coi nhẹ tham vọng của bạn. Những kẻ nhỏ nhen luôn như thế, còn
những người thực sự vĩ đại sẽ khiến bạn cảm thấy rằng bạn cũng có thể trở nên vĩ đại”
-Mark Twain
Huỳnh Tiến Phát ETP
$WELCOME$ $TO$ $MY$ $FACEBOOK$: https://www.facebook.com/phat.huynhtien.39
Bài 205: Cho a,b là các số nguyên dương phân biệt thỏa mãn $a^{2}+b^{2}+3 \vdots ab.Chứng minh \frac{a^{2}+b^{2}+3}{ab}=4$
Để mình giải vậy :
Từ kết luận của bài toán ta nghĩ đến việc xét phương trình bậc hai $a^{2}+b^{2}+3=kab$. Bài toán được giải quyết khi ta chứng minh được k=4. Với giả thiết của bài toán ta có k là số nguyên dương. Trong tất cả các nghiệm (a,b) thoả mãn bài toán, gọi ($a_{0},b_{0}$) là nghiệm sao cho $a_{0}+b_{0}$ nhỏ nhất và $a_{0}>b_{0}$.
Xét phương trình bậc hai $a^{2}-kab_{0}+b_{0}^{2}+3=0$ có hai nghiệm a1,b1 thoả mãn:
$\left\{\begin{matrix} a_{0}+a_{0}=kb_{0} & \\ a_{0}a_{1}=b_{0}^{2}+3& \end{matrix}\right.$
Do đó ($a_{1},b_{0}$) cũng là một nghiệm của phương trình đã cho. Điều này dẫn đến
$a_{1}\geq a_{0}\Rightarrow (a_{0}-1)(a_{1}-1)\geq b_{0}^{2}\Rightarrow b_{0}^{2}-kb_{0}+4\geq b_{0}^{2}\Rightarrow kb_{0}\leq 4\Rightarrow k\leq 4.$
Mặt khác từ $k=\frac{a^{2}+b^{2}+3}{ab}> 2$ nên k=3 hoặc k=4.
Với k=3 thì pt có biệt thức denta=$5b_{0}-12$ chia 3 dư 2 nên ko là số chính phương.
K=4 thỏa mãn. Vậy k=4
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Cao thu: 26-11-2013 - 22:12
CMR với các số nguyên lẻ a,b,c tuỳ ý phương trình $ax^{2}+bx+c=0$ không có nghiệm hữu tỷ
B.F.H.Stone
CMR với các số nguyên lẻ a,b,c tuỳ ý phương trình $ax^{2}+bx+c=0$ không có nghiệm hữu tỷ
Giả sử pt đã cho có nghiệm hữu tỉ với $a,b,c$ là các số nguyên lẻ $\Rightarrow \Delta$ là một số chính phương lẻ $\Rightarrow \Delta \equiv 1\left ( mod8 \right )$. Vì $a,b,c$ lẻ nên $b^2 \equiv 1\left ( mod8 \right )$, $ac\equiv 1\left ( mod8 \right )\Rightarrow 4ac\equiv 4\left ( mod8 \right )$
Như vậy: $\Delta =b^2-4ac\equiv 1-4\equiv 5\left ( mod 8 \right )$ (Mâu thuẫn)
Vậy ta có đpcm
“Hầu hết mọi người đều chấp nhận thua cuộc ngay khi họ sắp thành công. Họ dừng lại
ngay trước vạch đích, cách chiến thắng chỉ một bàn chân” -H. Ross Perot
“Tránh xa những kẻ coi nhẹ tham vọng của bạn. Những kẻ nhỏ nhen luôn như thế, còn
những người thực sự vĩ đại sẽ khiến bạn cảm thấy rằng bạn cũng có thể trở nên vĩ đại”
-Mark Twain
Huỳnh Tiến Phát ETP
$WELCOME$ $TO$ $MY$ $FACEBOOK$: https://www.facebook.com/phat.huynhtien.39
0 thành viên, 1 khách, 0 thành viên ẩn danh