Cho $a,b,c>0$. Chứng minh $\frac{a^2}{b^2c}+\frac{b^2}{c^2a}+\frac{c^2}{a^2b}\geq \frac{1}{a}+\frac{1}{b}+\frac{1}{c}$
Có 79 mục bởi eminemdech (Tìm giới hạn từ 29-04-2020)
Đã gửi bởi eminemdech on 14-08-2015 - 19:13 trong Bất đẳng thức và cực trị
Cho $a,b,c>0$. Chứng minh $\frac{a^2}{b^2c}+\frac{b^2}{c^2a}+\frac{c^2}{a^2b}\geq \frac{1}{a}+\frac{1}{b}+\frac{1}{c}$
Đã gửi bởi eminemdech on 08-08-2015 - 14:56 trong Phương trình, hệ phương trình và bất phương trình
Đặt $y=\sqrt[4]{17-x^8}$ $z=\sqrt[3]{2x^8-1}$
Ta có hệ phương trình sau
$\left\{\begin{matrix}y-z=1 \\ 2y^{4}+z^{3}=34-2x^{8}+2x^{8}-1=33 \end{matrix}\right.\Leftrightarrow \left\{\begin{matrix}y-z=1 \\ 2(1+z)^{4}+z^{3}-33=0(1) \end{matrix}\right.$
$(1)<=>2+8z+12z^{2}+9z^{3}+2z^{4}-33=(z-1)$$(2z^{3}+11z^{2}+23z+31)$$=0<=>z=1$
phương trình này có nghiệm $z=\sqrt[3]{\frac{\sqrt{59433}}{72}-\frac{91}{27}}+\sqrt[3]{-\frac{\sqrt{59433}}{72}-\frac{91}{27}}-\frac{11}{6}$ thì giải như thế nào vậy bạn
Đã gửi bởi eminemdech on 08-08-2015 - 14:43 trong Phương trình, hệ phương trình và bất phương trình
Đã có tại đây http://diendantoanho...5x2-38sqrtx2-2/
cái cách của bạn đó hình như sai rồi thì phải
Đã gửi bởi eminemdech on 06-08-2015 - 20:09 trong Bất đẳng thức và cực trị
Chứng minh $2a^4+\frac{1}{1+a^2}\geq 3a^2-1$
Đã gửi bởi eminemdech on 06-08-2015 - 13:17 trong Phương trình, hệ phương trình và bất phương trình
Giải phương trình $19+10x^4-14x^2=(5x^2-38)\sqrt{x^2-2}$
Đã gửi bởi eminemdech on 06-08-2015 - 09:41 trong Phương trình, hệ phương trình và bất phương trình
Mình có cách khác:
ĐKXĐ: $x\geq 1$
$PT\Leftrightarrow 13.(2.\frac{1}{2}.\sqrt{(x-1)})+3.(2.\frac{3}{2}.\sqrt{(x-1)})=16x $
Theo AM-GM:
$2.\frac{1}{2}.\sqrt{(x-1)}\leq \frac{1}{4}+(x-1) (1)$
$2.\frac{3}{2}.\sqrt{(x-1)}\leq \frac{9}{4}+(x+1) (2)$
Từ (1) và (2)\Rightarrow VT$\leq 13.(\frac{1}{4}+(x-1))+3.(\frac{9}{4}+(x+1))=16x=VP$
$Dấu "=" xảy ra \Leftrightarrow x=\frac{5}{4} (thỏa mãn)$
Bạn cachcach10x ơi cho phép mình đăng lại cách làm của bạn nhé
Đã gửi bởi eminemdech on 05-08-2015 - 13:52 trong Phương trình, hệ phương trình và bất phương trình
ĐK : $x\geq 1$
$pt\Leftrightarrow 13.\frac{1}{\sqrt{x}}.\sqrt{1-\frac{1}{x}}+9.\frac{1}{\sqrt{x}}.\sqrt{1+\frac{1}{x}}=16$
áp dụng bđt AM-GM ta có :
$VT$=$\frac{13}{2}.\frac{1}{\sqrt{x}}.2\sqrt{1-\frac{1}{x}}$+$\frac{3}{2}.\frac{3}{\sqrt{x}}.2\sqrt{1+\frac{1}{x}}\\$$\leq \frac{13}{4}(\frac{1}{x}+4-\frac{4}{x})+\frac{3}{4}(\frac{9}{x}+4+\frac{4}{x})=16=VP$
tới đây tư xét dấu bằng : nghiệm là 5/4
cho mình hỏi làm sao bạn biết tách ở những chỗ này thế
Đã gửi bởi eminemdech on 04-08-2015 - 19:20 trong Phương trình, hệ phương trình và bất phương trình
Giải phương trình $13\sqrt{x-1}+9\sqrt{x+1}=16x$
Đã gửi bởi eminemdech on 04-08-2015 - 08:35 trong Bất đẳng thức - Cực trị
Em nghĩ đúng hơn phải là chứng minh:
$\frac{t}{\sqrt{3-t}}\geq \frac{\sqrt{t}}{\sqrt{2}}+\frac{3}{4\sqrt{2}}(t-1)$ chứ nhỉ
Ta sẽ tìm hệ số k sao cho: $\frac{t}{\sqrt{3-t}}\geq \frac{\sqrt{t}}{\sqrt{2}}+k(t-1)$
Tính được: $f'(t)=(\frac{t}{\sqrt{3-t}}-\frac{\sqrt{t}}{\sqrt{2}})'$$=\frac{t}{2\sqrt{(3-t)^3}}+\frac{1}{\sqrt{3-t}}-\frac{1}{2\sqrt{2t}}$
Thay $t=1$ vào rút ra được: $k=\frac{3}{4\sqrt{2}}$
Cho mình hỏi cách tính $f'(t)$ ở trên
Đã gửi bởi eminemdech on 02-08-2015 - 09:55 trong Hình học
Cho $a,b,c$ là ba cạnh của tam giác có ba đường cao tương ứng là $h_{a},h_{b},h_{c}$.Chứng minh $\frac{(a+b+c)^2}{h_{a}^2+h_{b}^2+h_{c}^2}\geq 4$
Đã gửi bởi eminemdech on 02-08-2015 - 09:52 trong Bất đẳng thức và cực trị
Để ý $\sqrt{x^2-6x+34}=\sqrt{(3-x)^2+5^2}$ và $\sqrt{x^2-6x+10}=\sqrt{(x-3)^2+(-1)^2}$
Đặt $\overrightarrow{a}=(3-x;5)$ , $\overrightarrow{b}=(x-3;-1)$
Với mọi $\overrightarrow{a},\overrightarrow{b}$ ta sử dụng BĐT hiệu vector thì được:
$| \sqrt{x^2-6x+34} -\sqrt{x^2-6x+10} |\leq 4$
BĐT của các vector xem tại đây http://giaoan.violet...ntry_id/2147900
cho mình hỏi : BĐT hiệu vectơ là $\left | \overrightarrow{a}-\overrightarrow{b} \right |\leq \left | \overrightarrow{a} \right |+\left | \overrightarrow{b} \right |$ vậy $| \sqrt{x^2-6x+34} -\sqrt{x^2-6x+10} |\leq \left | \overrightarrow{\sqrt{(3-x)^2+5^2}} \right |+\left | \overrightarrow{\sqrt{(x-3)^2+(-1)^2}} \right |$ tới đây mình không làm tiếp được
Đã gửi bởi eminemdech on 01-08-2015 - 20:57 trong Bất đẳng thức và cực trị
Tìm giá trị lớn nhất của $\left | \sqrt{x^2-6x+34}-\sqrt{x^2-6x+10} \right |$
Đã gửi bởi eminemdech on 01-08-2015 - 20:54 trong Số học
Giả sử tồn tại $a_{n},b_{n}\vdots 5\Rightarrow a_{n}\equiv b_{n} (mod$ $5)$$\Leftrightarrow $$2^{2n+1}\vdots 5$ (vô lý)
Giả sử không tồn tại số $a_{n},b_{n}\vdots 5\Leftrightarrow a_{n}.b_{n}$ không chia hết cho 5
mà $a_{n}.b_{n}=4^{2n+1}+1\vdots 5$ mâu thuẫn với điều kiện giả sử
Suy ra chỉ tồn tại một trong 2 số chia hết cho 5
mình chưa hiểu chỗ tương đương này và tại sao nó lại vô lí vậy bạn
Đã gửi bởi eminemdech on 01-08-2015 - 19:43 trong Số học
Cho $a_{n}=2^{2n+1}+2^{n+1}+1$ và $b_{n}=2^{2n+1}-2^{n+1}+1$.Chứng minh rằng với mỗi số tự nhiên có một và chỉ một trong hai số $a_{n},b_{n}$ chia hết cho $5$
Đã gửi bởi eminemdech on 30-07-2015 - 18:42 trong Số học
Cho $x,y\neq -1$ $(x,y\in \mathbb{Z})$ sao cho $\frac{x^3+1}{y+1}+\frac{y^3+1}{x+1}$ là một số nguyên. Chứng minh rằng $x^{2004}-1$ $\vdots$ $y+1$
Đã gửi bởi eminemdech on 30-07-2015 - 18:26 trong Số học
$\texttt{Solution}$
$\blacklozenge$ Chứng minh
Ta có $n-1=\frac{2^{2p}-1}{3}-1=\frac{4(2^{p-1}+1)(2^{p-1}-1)}{3}$
Vì $p$ là số nguyên tố lẻ nên $p-1$ chẵn ta có: $2^{p-1}\equiv 1(\mod 3 )$
Theo định lý Fermat nhỏ có : $2^{p-1}\equiv 1(\mod p)$
Vậy : $2^{p-1}-1\vdots 3p$ $\Rightarrow \frac{2^{p-1}-1}{3}\vdots p$
Do đó $n-1\vdots 2p$
Từ đó suy ra : $2^{n-1}-1\vdots 2^{2p}-1$
Mà theo cách chọn $n$ thì $2^{2p}-1\vdots n$ nên suy ra : $2^{n-1}-1\vdots n$
tức là $2^n-2\vdots n$ $\square$
Cho mình hỏi tại sao $n-1\vdots 2p$ thì $2^{n-1}-1\vdots 2^{2p}-1$ vậy
Đã gửi bởi eminemdech on 26-07-2015 - 19:42 trong Hình học phẳng
Đây là định lí con nhím.
mình biết nó là định lí con nhím nhưng xem cách giải mình không hiểu nên đăng lên có gì mình hỏi cho tiện ý mà
Đã gửi bởi eminemdech on 26-07-2015 - 19:38 trong Hình học phẳng
ta chứng minh bổ đề quen thuộc: $\Delta ABC;\Delta A'B'C'$ có cùng trọng tâm <=> $\overrightarrow{AA'}+\overrightarrow{BB'}+\overrightarrow{CC'}=\overrightarrow{0}$
gọi G,G' là trọng tâm $\Delta ABC;\Delta A'B'C'$
$3\overrightarrow{GG'}=\overrightarrow{GA'}+\overrightarrow{AA'}+\overrightarrow{A'G'}+\overrightarrow{GB}+\overrightarrow{BB'}+\overrightarrow{B'G'}+\overrightarrow{GC}+\overrightarrow{CC'}+\overrightarrow{C'G'}$
$=\overrightarrow{AA'}+\overrightarrow{BB'}+\overrightarrow{CC'}$
bổ đề đc cm.
trở lại bài toán, $\Delta ABC$ và $\Delta XYZ$ có cùng trọng tâm <=> $\overrightarrow{BX}+\overrightarrow{CY}+\overrightarrow{AZ}=\overrightarrow{0}$
gọi $\overrightarrow{e_{a}};\overrightarrow{e_{b}};\overrightarrow{e_{c}} là các vectow đơn vị hướng ra ngoài $\Delta ABC$ và vuông góc với BC,CA, AB.
Hạ $XH\perp BC;YK\perp CA;ZL\perp AB$
Ta có: $\frac{BH}{BC}=\frac{CK}{CA}=\frac{AL}{AB}=\alpha$
$\frac{XH}{BC}=\frac{YK}{CA}=\frac{ZL}{AB}=\beta$
suy ra: $\overrightarrow{BX}+\overrightarrow{CY}+\overrightarrow{AZ}$
$=\overrightarrow{BH}+\overrightarrow{HX}+\overrightarrow{CK}+\overrightarrow{KY}+\overrightarrow{AL}+\overrightarrow{LZ}$
$=(\overrightarrow{BH}+\overrightarrow{CK}+\overrightarrow{AL})$$+(\overrightarrow{HX}$$+\overrightarrow{KY}+\overrightarrow{LZ})$
$=$$\alpha.(\overrightarrow{BC}$$+\overrightarrow{CA}+\overrightarrow{AB})+ $$\beta.(BC.\overrightarrow{e_{a}}$$+CA.\overrightarrow{e_{b}}+AB.\overrightarrow{e_{c}})$
$= \beta.(BC.\overrightarrow{e_{a}}+CA.\overrightarrow{e_{b}}+AB.\overrightarrow{e_{c}})$
$\overrightarrow{0}$ (ĐỊNH LÍ CON NHÍM)
Suy ra đpcm.
Cho mình hỏi tại sao $\overrightarrow{HX}=\beta.BC.\overrightarrow{e_{a}}$ vậy
Đã gửi bởi eminemdech on 26-07-2015 - 13:28 trong Hình học phẳng
Cho đa giác lồi $A_{1}A_{2}...A_{n}$ và các vectơ đơn vị $\overrightarrow{e_{i}}$ $(1\leq i\leq n)$ theo thứ tự vuông góc với $\overrightarrow{A_{i}A_{i+1}}$ (xem $A_{n+1}\equiv A_{1}$), hướng ra phía ngoài đa giác.Chứng minh rằng $A_{1}A_{2}\overrightarrow{e_{1}}+A_{2}A_{3}\overrightarrow{e_{2}}+...+A_{n}A_{1}\overrightarrow{e_{n}}=\overrightarrow{0}$
Đã gửi bởi eminemdech on 19-07-2015 - 08:43 trong Phương trình hàm
thay x=1-x rồi giải hệ
tại sao lại thay $x=1-x$ vậy bạn
Đã gửi bởi eminemdech on 18-07-2015 - 15:24 trong Phương trình hàm
Tìm tất cả các hàm số $f:\mathbb{R}\rightarrow \mathbb{R}$ sao cho $x^2.f(x)+f(1-x)=2x-x^4$ ( Với mọi $x\in \mathbb{R}$). Các bạn giải theo cách lớp 10 nhé
Đã gửi bởi eminemdech on 18-07-2015 - 14:33 trong Số học
Cho $a,b,m$ là những số nguyên ($m\neq 0$). Chứng minh $\bar{a}=\bar{b}$ khi và chỉ khi $a\equiv b(mod$ $m)$. Cho mình hỏi luôn $\bar{a}$ là gì thế mình mới học số học thôi
Đã gửi bởi eminemdech on 15-07-2015 - 14:59 trong Hình học phẳng
Ta sẽ chứng minh tổng quát hơn. Điểm $M$ nằm trong mặt phẳng chứa tam giác $ABC$ thì $S_{[MBC]}.\vec{MA}+S_{[MCA]}.\vec{MB}+S_{[MAB]}.\vec{MC}=0$
Giả sử $MA$ không song song với $BC$. Khi đó xét $A'$ là giao điểm của $MA$ và $BC$
Dễ thấy $\vec{MA'}=\dfrac{\vec{A'C}}{\vec{BC}}.\vec{MB}+\dfrac{\vec{A'B}}{\vec{CB}}.\vec{MC}$
Ngoài ra: $\dfrac{\vec{A'C}}{\vec{BC}}=$$\dfrac{\vec{A'C}}{\vec{A'C}+\vec{BA'}}=\dfrac{S_{[MCA]}}{S_{[MCA]}+S_{[MAB]}}$
Tương tự ta có: $\dfrac{\vec{A'B}}{\vec{CB}}=\dfrac{S_{[MAB]}}{S_{[MCA]}+S_{[MAB]}}$
và
$\vec{MA'}=-\dfrac{S_{[MBC]}}{S_{[MCA]}+S_{[MAB]}}\vec{MA}$
Thay vào cho ta điều phải chứng minh.
mình chưa hiểu chỗ này
Đã gửi bởi eminemdech on 15-07-2015 - 12:52 trong Hình học phẳng
Cho $M$ là điểm tùy ý trong tam giác $ABC$. Chứng minh $S_{MBC}.\overrightarrow{MA}+S_{MCA}.\overrightarrow{MB}+S_{MAB}.\overrightarrow{MC}=\overrightarrow{0}$
Đã gửi bởi eminemdech on 10-07-2015 - 13:21 trong Bất đẳng thức và cực trị
Cho $a,b,c$ là các số thực dương. Chứng minh rằng :
a) $3(a+b+c)^2\leq (a^2+2)(b^2+2)(c^2+2)$
b) $(ab+bc+ca-1)^2\leq (a^2+1)(b^2+1)(c^2+1)$
Community Forum Software by IP.Board
Licensed to: Diễn đàn Toán học