Hình như sai đề anh ạ, không thể chứng minh được nhé
Bạn pkh2705 đã confirm lại đề bài rồi nhé. Đáp án sẽ có sau.
- mEgoStoOpid, pkh2705 và LMQCZ thích
Phương trình hàm như một người bạn tâm giao của tôi
Gửi bởi pcoVietnam02 trong 29-05-2021 - 10:19
Hình như sai đề anh ạ, không thể chứng minh được nhé
Bạn pkh2705 đã confirm lại đề bài rồi nhé. Đáp án sẽ có sau.
Gửi bởi pcoVietnam02 trong 28-05-2021 - 10:41
Tìm tất cả các số nguyên dương x,y sao cho $\frac{x^{2}+1}{y^{2}}+4$ là số chính phương
Gợi ý:
Đáp án: $(x,y)$ là những nghiệm của phương trình sau $(2 + \sqrt{5})^z = x + y\sqrt{5}$
Gửi bởi pcoVietnam02 trong 23-05-2021 - 22:41
$\boxed{147}$: Tìm các số nguyên tố $p,q$ sao cho $p^3-q^5=(p+q)^2$
Cách 2: (Sử dụng kĩ thuật của phương trình Diophante)
Gửi bởi pcoVietnam02 trong 22-05-2021 - 23:37
Những bài tiếp theo:
$\boxed{15}$ Tìm tất cả các hàm $f:\mathbb R \rightarrow \mathbb R$ thỏa
$$ f(x-f(y))=-x^2+2xf(y)+f(f(y))+f(0), \forall x,y \in \mathbb R$$
$\boxed{16}$ Cho tất cả các hàm $f:\mathbb R^+ \rightarrow \mathbb R$ thỏa
$$f(a+b+c+d) = f(a)+f(b)+f(c)+f(d)$$ với $a,b,c,d$ là các số thực. Chứng minh rằng $f$ là hàm cộng tính
Gửi bởi pcoVietnam02 trong 21-05-2021 - 13:16
Gửi bởi pcoVietnam02 trong 20-05-2021 - 23:01
Bây giờ là bài số 24
$\boxed{24}$ Cho $a,b,c$ là các số không âm. Chứng minh rằng:
$$3\sqrt[9]{\frac{a^9+b^9+c^9}{3}} \geq \sqrt[10]{\frac{a^{10}+b^{10}}{2}}+\sqrt[10]{\frac{b^{10}+c^{10}}{2}}+\sqrt[10]{\frac{c^{10}+a^{10}}{2}}$$
Gửi bởi pcoVietnam02 trong 20-05-2021 - 18:36
Bài tiếp theo
$\boxed{23}$ Chứng minh rằng với mọi số thực $x,y,z$
$$6(x+y+z)(x^2+y^2+z^2) \leq 27xyz+10(x^2+y^2+z^2)^{\frac{3}{2}}$$
Gửi bởi pcoVietnam02 trong 20-05-2021 - 07:57
Gửi bởi pcoVietnam02 trong 19-05-2021 - 22:50
Gửi bởi pcoVietnam02 trong 19-05-2021 - 22:26
Bài tiếp theo.
$\boxed{22}$ (Võ Quốc Bá Cẩn): Cho $a,b,c>0$. Chứng minh rằng:
$$\frac{a^2+b^2+c^2}{ab+bc+ca}+\frac{1}{3} \frac{a^3+b^3+c^3}{abc}+ \frac{2(a+b+c)^2}{a^2+b^2+c^2}\geq 8$$
Gửi bởi pcoVietnam02 trong 19-05-2021 - 22:09
$\boxed{21}$ Cho $n$ là số nguyên dương và $x_{1},x_{2},...,x_{n}$ là các số thực thoả mãn $x_{1}\leq x_{2}\leq ... \leq x_{n}$.
(a) Chứng minh rằng:
$$(\sum_{i=1}^{n}\sum_{j=1}^{n}|x_{i}-x_{j}|)^2\leq \frac{2(n^2-1)}{3} \sum_{i=1}^{n}\sum_{j=1}^{n} (x_{i}-x_{j})^2$$
(b) Chỉ ra rằng đẳng thức xảy ra khi $x_{1},x_{2},...,x_{n}$ là một dãy cấp số cộng.
Đáp án:
$(a)$ Không mất tính tổng quát, giả sử $\sum_{i=1}^n x_{i}=0$
Ta có
$$\sum_{i=1}^n \sum_{j=1}^n |x_{i}-x_{j}|=2\sum_{i<j} (x_{j}- x_{i})=2\sum_{i=1}^n (2i-n-1)x_{i}$$
Sử dụng bất đẳng thức Cauchy-Schwarz, ta có
$$(\sum_{i=1}^{n}\sum_{j=1}^{n}|x_{i}-x_{j}|)^2\leq 4\sum_{i=1}^n (2i-n-1)^2 \sum_{i=1}^n x_{i}^2=\frac{4n(n+1)(n-1)}{3} \sum_{i=1}^n x_{i}^2$$
Mặt khác, ta lại có
$$\sum_{i=1}^{n}\sum_{j=1}^{n} (x_{i}-x_{j})^2=n\sum_{i=1}^n x_{i}^2-\sum_{i=1}^n x_{i} \sum_{j=1}^n x_{j}+n\sum_{i=1}^n x_{j}^2=2n\sum_{i=1}^n x_{i}^2$$
Do đó, $$(\sum_{i=1}^{n}\sum_{j=1}^{n}|x_{i}-x_{j}|)^2 \leq $\frac{2(n^2-1)}{3} \sum_{i=1}^{n}\sum_{j=1}^{n} (x_{i}-x_{j})^2$$
$(b)$ Nếu đẳng thức xảy ra thì sẽ tồn tại số thực $k$, sao cho $x_{i}=k(2i-n-1)$, hay ta có thể nói là $x_{1}, x_{2}, ..., x_{n}$ là dãy cấp số cộng.
Mặt khác, giả sử $x_{1}, x_{2}, ..., x_{n}$ là dãy cấp số cộng với công sai $d$. Ta có
$x_{i}=\frac{d}{2} (2i-n-1)+\frac{x_{i}+x{n}}{2}$.
Trừ $\frac{x_{1}+x_{n}}{2}$ cho mỗi $x_{i}$ ta được $x_{i}=\frac{d}{2}(2i-n-1)$ và $\sum_{i=1}^n x_{i}=0$, từ đó đẳng thức xảy ra.
Gửi bởi pcoVietnam02 trong 18-05-2021 - 22:21
Gửi bởi pcoVietnam02 trong 18-05-2021 - 16:18
Gửi bởi pcoVietnam02 trong 18-05-2021 - 15:48
Gửi bởi pcoVietnam02 trong 17-05-2021 - 22:49
Community Forum Software by IP.Board
Licensed to: Diễn đàn Toán học