$\boxed{\text{Câu 7}}$ Cho $a,b,c >0$ thỏa: $\frac{a}{\sqrt{b+c}}+\frac{b}{\sqrt{c+a}}+\frac{c}{\sqrt{a+b}} \leq \frac{\sqrt{6}}{2}$. Chứng minh $a+b+c \leq 1$
Không mất tính tổng quát, giả sử $a\geq b\geq c$ $\Rightarrow \sqrt{a+b}\geq \sqrt{a+c}\geq \sqrt{b+c}$ (1)
Ta sẽ chứng minh $\frac{b}{\sqrt{c+a}}\geq \frac{c}{\sqrt{a+b}}$
Thật vậy, ta có $\frac{b}{\sqrt{c+a}}\geq \frac{c}{\sqrt{a+b}}\Leftrightarrow b\sqrt{a+b}\geq c\sqrt{c+a}\Leftrightarrow b^{3}+b^{2}a\geq c^{3}+c^{2}a$
$\Leftrightarrow \left ( b-c \right )\left ( b^{2}+c^{2}+ab+bc+ca \right )\geq 0$ (đúng)
Tương tự, suy ra $\frac{a}{\sqrt{b+c}}\geq \frac{b}{\sqrt{c+a}}\geq \frac{c}{\sqrt{a+b}}$ (2)
Từ (1) và (2), theo bất đẳng thức Chebyshev dạng phân số ta có $\sum \frac{a}{\sqrt{b+c}}\geq 3\frac{\sum a}{\sum \sqrt{b+c}}$
$\Rightarrow 3\frac{\sum a}{\sum \sqrt{b+c}}\leq \sum \frac{a}{\sqrt{b+c}}\leq \frac{\sqrt{6}}{2}\Rightarrow \sum \sqrt{b+c}\geq \sqrt{6}\sum a$
$\Rightarrow \sum \sqrt{b+c}\geq \sqrt{6}\sum a\geq \frac{1}{\sqrt{6}}\left ( \sum \sqrt{b+c} \right )^{2}$
$\Rightarrow \sum \sqrt{b+c}\leq \sqrt{6}$
$\Rightarrow \sum a\leq \frac{\sum \sqrt{b+c}}{\sqrt{6}}\leq 1$
Dấu "=" xảy ra tại $a=b=c$