Bài toán: Chứng minh rằng với $a,b,c$ dương , $a+b+c=3$ thì ta có :
$$2(a^2b^2+b^2c^2+a^2c^2) +3 \leqslant 3(a^2+b^2+c^2)$$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Thislife: 19-06-2016 - 14:52
Bài toán: Chứng minh rằng với $a,b,c$ dương , $a+b+c=3$ thì ta có :
$$2(a^2b^2+b^2c^2+a^2c^2) +3 \leqslant 3(a^2+b^2+c^2)$$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Thislife: 19-06-2016 - 14:52
Bài toán: Chứng minh rằng với $a,b,c$ dương , $a+b+c=3$ thì ta có :
$$2(a^2b^2+b^2c^2+a^2c^2) +3 \leqslant 3(a^2+b^2+c^2)$$
Giả sử $c = \min\{a,b,c\}$ bất đẳng thức cần chứng minh tương đương với
\[\frac{1}{27}\left [ 8(a+b)^2-34c^2+28c(a+b) \right ](a-b)^2+\frac{2}{27}(7a^2+7b^2+4c^2-13ab+11ca+11bc)(a-c)(b-c) \geqslant 0.\]
Từ đó suy ra điều phải chứng minh.
Giả sử $c = \min\{a,b,c\}$ bất đẳng thức cần chứng minh tương đương với
\[\frac{1}{27}\left [ 8(a+b)^2-34c^2+28c(a+b) \right ](a-b)^2+\frac{2}{27}(7a^2+7b^2+4c^2-13ab+11ca+11bc)(a-c)(b-c) \geqslant 0.\]
Từ đó suy ra điều phải chứng minh.
Anh Huyện có thể giải thích sao anh phân tích được theo kiểu Schur - SOS như vậy được ạ
Em khá tù trong phân tích ra S-S khi không có các dạng tiêu chuẩn
Có một cách khác rất hay, mà em cũng không hiểu rõ tại sao lại làm được như vậy, đó là đặt:
$x=\frac{a+b}{2} $ và $y=\frac{a-b}{2}$
Giả sử $c = \min\{a,b,c\}$ bất đẳng thức cần chứng minh tương đương với
\[\frac{1}{27}\left [ 8(a+b)^2-34c^2+28c(a+b) \right ](a-b)^2+\frac{2}{27}(7a^2+7b^2+4c^2-13ab+11ca+11bc)(a-c)(b-c) \geqslant 0.\]
Từ đó suy ra điều phải chứng minh
+Có 1 bài viết nói về SS ở đây
+Có phải cái này là do anh viết không vậy?:
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Thislife: 19-06-2016 - 15:12
Anh Huyện có thể giải thích sao anh phân tích được theo kiểu Schur - SOS như vậy được ạ
Em khá tù trong phân tích ra S-S khi không có các dạng tiêu chuẩn
Cái này cũng khá dễ, em chỉ cần chú ý tí là nhận ra ngay.
Bài này là một bất đẳng thức bậc bốn, mà bất đẳng thức bậc 4 tổng quát (có dấu bằng tại tâm) có dạng
\[A \sum a^4 +B \sum a^3b + C \sum ab^3 + D \sum b^2c^2-(A+B+C+D)abc(a+b+c) \geqslant 0, \quad (1)\]
hay là
\[A\left[\sum a^4-abc(a+b+c)\right] +B\left [ \sum a^3b -abc(a+b+c) \right ] + C\left [ \sum ab^3-abc(a+b+c) \right ] + D \left [\sum b^2c^2 -abc(a+b+c) \right ] \geqslant 0.\]
Đến đây chỉ cần phân tích S-S cho các đại lượng trọng ngoặc (mấy cái này thì khá dễ) rồi nhóm lại theo dạng $$M(a-b)^2+N(a-c)(b-c) \geqslant 0,$$ là xong. Tương tự cho bậc 3, bậc 5, bậc 6, ...
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Nguyenhuyen_AG: 19-06-2016 - 15:34
Có một cách khác rất hay, mà em cũng không hiểu rõ tại sao lại làm được như vậy, đó là đặt:
$x=\frac{a+b}{2} $ và $y=\frac{a-b}{2}$
+Có 1 bài viết nói về SS ở đây
+Có phải cái này là do anh viết không vậy?:
Thành viên 10maths_tp0609 là tác giả của phương pháp Schur - SOS này đó em, còn file đính kèm là của anh viết.
Toán Trung học Phổ thông và Thi Đại học →
Bất đẳng thức và cực trị →
$(1-2t)(1+t)^2 \leqslant abc \leqslant (1+2t)(1-t)^2$Bắt đầu bởi Thislife, 08-07-2016 tgol |
|
|||
Toán Trung học Cơ sở →
Bất đẳng thức và cực trị →
$\sum_{cyc}^{a,b,c,d,e} abc \leq 5 $Bắt đầu bởi Thislife, 18-06-2016 tgol |
|
|||
Toán Trung học Cơ sở →
Bất đẳng thức và cực trị →
$K? , \frac{k(a+b+c)}{ab+ba+ac} \geq \sum \frac{a}{a^{2} +bc}$Bắt đầu bởi Thislife, 04-06-2016 tgol |
|
|||
Toán Trung học Cơ sở →
Bất đẳng thức và cực trị →
$\sum \frac{1}{\sqrt{a^{2}+bc}} \geq \frac{2\sqrt{2}}{\sqrt{ab+bc+ac}}$Bắt đầu bởi Thislife, 02-06-2016 tgol |
|
|||
Toán Trung học Cơ sở →
Bất đẳng thức và cực trị →
$\sum(a+b)^{4} \geq \frac{4}{7}(\sum a^{4}) $Bắt đầu bởi Thislife, 30-05-2016 tgol |
|
0 thành viên, 0 khách, 0 thành viên ẩn danh